Taip, neparašiau tiesiog šito, bet nesigauna man apskaičiuoti kur funkcija išgaubta kur įgaubta, nes visur gaunasi +, o pagal atsakymus tie vingio taškai yra.
Tomas PRO +4543
Tu matyt susimaišęs tarp kintamųjų. Šiaip čia buvo galima apsieiti be to žymėjimo [tex]t=x^2[/tex]. Turime: $$f''(x)=2e^{-x^2}\left(2x^2-1\right).$$ Gavome galimų perlinkio taškų abscises: [tex]x=-\dfrac{\sqrt{2}}{2}\textrm{ arba }x=\dfrac{\sqrt{2}}{2}.[/tex] Gauname tris intervalus, kuriuos tikriname funkcijos iškilumą: [tex]\bullet\space x∈(-\infty;-\frac{\sqrt{2}}{2}):[/tex] Tikriname [tex]x=-1[/tex]: [tex]f''(-1)=2e^{-(-1)^2}\left(2\cdot (-1)^2-1\right)>0[/tex] Šiame intervale funkcijos grafikas iškilas žemyn. [tex]\bullet\space x∈(-\frac{\sqrt{2}}{2};\frac{\sqrt{2}}{2}):[/tex] Tikriname [tex]x=0[/tex]: [tex]f''(0)=2e^{-0^2}\left(2\cdot 0^2-1\right)<0[/tex] Šiame intervale funkcijos grafikas iškilas aukštyn, o [tex]x=-\frac{\sqrt{2}}{2}[/tex] perlinkio taško abscisė, nes [tex]f''(x)[/tex] pakeitė ženklą. [tex]\bullet\space x∈(\frac{\sqrt{2}}{2};+\infty):[/tex] Tikriname [tex]x=1[/tex]: [tex]f''(1)=2e^{-1^2}\left(2\cdot 1^2-1\right)>0[/tex] Šiame intervale funkcijos grafikas iškilas žemyn, o [tex]x=\frac{\sqrt{2}}{2}[/tex] perlinkio taško abscisė, nes [tex]f''(x)[/tex] pakeitė ženklą.
pakeista prieš 5 m
RokasR +138
Ne... prisiminiau dabar, kad stačiau į pradinę funkciją, o ne į antrą išvestinę skaičius...